重庆市 2022-2023学年高一上学期期末适应物理（03卷） Word版含解析.docx

《重庆市 2022-2023学年高一上学期期末适应物理（03卷） Word版含解析.docx》由会员上传分享，免费在线阅读，更多相关内容在教育资源-天天文库。

高2025届高一上期末考试适应试题[03卷]物理试题试卷满分：100分考试时间：90分钟命题范围：必修第一册+必修第二册第1章一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，选对得3分，选错得0分。1.有关物理概念，下列说法中正确的是（　　）A.只要物体的体积很小，质量很小，都可看成质点B.时刻表示较短的时间，时间表示较长的时间C.运动的物体不可以作为参考系D.位移是矢量，路程是标量【答案】D【解析】【详解】A．当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，则体积、质量很小的物体不一定能看做质点，A错误；B．时刻在时间轴上是一个点，而时间是一段长度，再短的时间也不是时刻，B错误；C．运动的物体和静止的物体都可以作为参考系，C错误；D．位移是矢量，路程是标量，D正确。故选D。2.将一物体以的初速度水平抛出，经2秒落地，不计空气阻力，取，则该物体落地时的竖直分位移与水平分位移大小分别为（　　）A.，B.，C.，D.，【答案】A【解析】【详解】物体落地时的竖直分位移水平分位移故选A。3. 现有一台落地电风扇放在水平地面上，该电风扇运行时，调节它的“摇头”旋钮可改变风向，但风向一直水平。若电风扇底座在地面上始终不发生移动，下列说法正确的是（　　）A.电风扇受到2个力的作用B.地面对电风扇的摩擦力的大小和方向都不变C.风扇对空气的作用力与地面对风扇的摩擦力互相平衡D.空气对风扇的作用力与地面对风扇的摩擦力大小相等【答案】D【解析】【详解】A．电风扇受重力、支持力、风的反冲力及静摩擦力，共4个力，故A错误；BD．由于风扇平衡，故风的反冲力（空气对风扇的作用力）与地面对风扇的静摩擦力大小相等，而风的反冲力大小不变，故静摩擦力的大小不变，当风的方向是改变的，故静摩擦力的方向也是改变的，故B错误，D正确；C．风扇对空气的作用力作用在空气上，而地面对风扇的摩擦力作用在风扇上，两者不是平衡力，故C错误。故选D。4.如图所示，对称晾挂在光滑等腰三角形衣架上的衣服质量为M，衣架顶角为120°，重力加速度为g，则衣架右侧对衣服的作用力大小为（　　）A.MgB.MgC.MgD.Mg 【答案】B【解析】【详解】以衣服为研究对象，受力分析如图所示，由几何关系得F与竖直方向的夹角成30°，由共点力的平衡条件可得2Fcos30°=Mg故选B。5.甲、乙两物体从同一点开始沿一直线运动，甲的和乙的图象如图所示，下列说法中正确的是（　　）A.0~2s内甲、乙的加速度均为B.甲、乙均在3s末回到出发点，距出发点的最大距离均为4mC.0~2s内与4s~6s内，甲的速度等大同向，乙的加速度等大同向D.0~6s内甲的路程为8m，乙的路程为12m【答案】C【解析】【详解】A．根据图像的斜率表示速度可知，0~2s内，甲做匀速运动，加速度等于零，故A错误；B．根据图像可知，内乙一直向正方向运动，内乙向负方向运动，则在3s末距离出发点最远，故B错误；C．0~2s内与4s~6s内，甲都向正方向运动，速度大小相等，均为 所以在0~2s内与4s~6s内，甲的速度等大同向；0~2s内与4s~6s内，乙的加速度方向都向正方向，加速度大小相等，均为所以在0~2s内与4s~6s内，乙的加速度等大同向，故C正确；D．0~6s内甲的路程为乙的路程为故D错误故选C。6.在离地面一定高度处以的初速度竖直向上抛出一个小球，不计空气阻力，取。则（　　）A.小球运动到最高点时处于平衡状态B.小球上升阶段所用的时间为C.抛出后，小球位于抛出点上方，且速度向上D.小球上升的最大高度为【答案】D【解析】【详解】A．小球运动到最高点时加速度不为零，则不是处于平衡状态，选项A错误；B．小球上升阶段所用的时间为选项B错误；C．小球落回到抛出点需要1s，则抛出后，小球位于抛出点下方，且速度向下，选项C错误；D．小球上升的最大高度为选项D正确。故选D。 7.如图所示，在一条宽度的河流中，水流速度为4m/s，船在静水中的速度为5m/s，小船从A码头出发，取，，则下列说法正确的是（　　）A.小船渡河的最短时间为5sB.小船渡河的最短位移为25mC.小船船头与上游河岸成37°渡河时，时间最短D.小船船头与上游河岸成37°渡河时，位移最小【答案】D【解析】【详解】A.小船渡河的最短时间为A错误；B.小船渡河的最短位移等于河宽16m，B错误；CD.小船船头与上游河岸成37°渡河时，合速度垂直于河岸，位移最小，C错误，D正确。故选D。8.幼儿园新买进一台质量为的滑梯，摆放在水平的操场上，如图所示。一个质量为小朋友从左边的阶梯匀速爬上顶端，再从右边的滑梯加速滑下来，在此过程中滑梯一直静止不动。已知重力加速度为，空气阻力可忽略不计，则以下说法正确的是（　　）A.小朋友匀速爬上阶梯时，地面对滑梯的支持力大于B.小朋友匀速爬上阶梯时，地面对滑梯有水平向右的摩擦力C.小朋友加速下滑时，地面对滑梯的支持力大于D.小朋友加速下滑时，地面对滑梯有水平向右摩擦力【答案】D 【解析】【详解】A．小朋友匀速爬上阶梯时，滑梯和小朋友都处于平衡状态，地面对滑梯的支持力等于，故A错误；B．小朋友匀速爬上阶梯时，滑梯和小朋友都处于平衡状态，以滑梯和小朋友整体为研究对象，水平方向没有其他力的作用，则地面对滑梯没有摩擦力，故B错误；C．小朋友加速下滑时，小朋友有竖直向下的分加速度，所以小朋友处于失重状态，所以地面对滑梯的支持力小于，故C错误；D．小朋友加速下滑时，小朋友有水平向右的加速度，则在水平方向，滑梯对小朋友的合力向右，则小朋友对滑梯的合力向左，滑梯静止不动，根据平衡条件知地面对滑梯有水平向右的摩擦力，故D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对不选全得2分，有错选得0分。9.物体做匀变速直线运动，已知第2s末的速度为4m/s，第5s内的位移为6.5m，则下面结论正确的是（　　）A.前2s的位移为2mB.物体的加速度为1m/s2C.物体零时刻的速度为2m/sD.物体任何1s内的速度变化量都是2.5m/s【答案】BC【解析】【详解】第5s内的平均速度即第4.5s末的瞬时速度等于物体的加速度为可知物体任何1s内的速度变化量都是，则物体的初速度为则前2s的位移为故BC正确，AD错误。故选BC10.如图所示，倾角为的光滑斜面上用固定的竖直板挡住一个质量为 的光滑小球，将整个装放在升降机中，则有（　　）A.升降梯匀速上升时，竖直板对小球的弹力大小为B.升降梯匀速上升时，斜面对小球的弹力大小为C.升降梯加速上升时，小球处于超重状态D升降梯加速上升时，小球处于失重状态【答案】AC【解析】【详解】AB．升降梯匀速上升时，对小球受力分析，如图所示设竖直板对小球的弹力为，斜面对小球的弹力为，根据平衡条件得解得故A正确，B错误；CD．升降梯加速上升时，小球的加速度向上，属于超重状态，故C正确，D错误。故选AC。11.如图所示，质量都为的，两物块，用一轻弹簧相连，将 用轻绳悬挂于天花板上，用一木板托住物块。调整木板的位置，当系统处于静止状态时，悬挂物块的悬绳恰好伸直且没有拉力，此时轻弹簧的形变量为。突然撤去木板，物体运动过程中，弹簧始终在弹性限度内，重力加速度为。则下列说法正确的是（　　）A.撤去木板瞬间，物块的加速度大小为B.撤去木板瞬间，物块的加速度为0C.撤去木板后，物块向下运动时速度最大D.撤去木板后，物块向下运动时速度最大【答案】AD【解析】【详解】AB．撤去木板瞬间，弹簧的弹力不变，B物块受到的合力为2mg，由牛顿第二定律可知aB＝2g故A正确，B错误；CD．当B物块受到的合外力为零时，速度最大，此时T＝mg＝kx1又mg＝kx所以弹簧此时的伸长量x1＝x即B物块向下运动2x时速度最大，故C错误，D正确。故选AD。12.如图所示，甲、乙两滑块的质量分别为、，放在静止的水平传送带上，两者相距，与传送带间的动摩擦因数均为0.2。时，甲、乙分别以、的初速度开始向右滑行。时，传送带顺时针动（不计启动时间），立即以的速度向右做匀速直线运动，传送带足够长，重力加速度取。下列说法正确的是（　　） A.时，两滑块相距B.时，两滑块速度相等C.内，乙相对传送带的位移大小为D.内，甲相对传送带的位移大小为【答案】BCD【解析】【详解】A．传送带启动前，两物体做匀减速运动，加速度大小相等，则有根据可得t=0.5s时，两滑块相距A错误；B．传送带启动时，甲物体的速度为与皮带速度相等所用时间因此在t=1.5s时，甲滑块速度与皮带相等。传送带启动时，乙物体的速度为与皮带速度相等所用时间因此在t=1.5s时，乙滑块速度也与皮带相等，故1.5s时，两滑块速度相等，B正确；C．0-0.5s内，乙相对传送带的位移大小为0.5s-1.5s内，乙相对传送带的位移大小为 因此0-1.5s内，乙相对传送带的位移大小为C正确；D．在1.5s前，甲均在做匀减速运动，则甲相对传送带的位移1.5s后甲随传送带一起匀速运动，则内，甲相对传送带的位移大小为3.75m，D正确。故选BCD。三、实验题：本题共2小题，共16分。第13题6分，第14题10分。13.几位同学利用一些已知质量的钩码、细绳和弹簧秤完成“验证力的平行四边形定则”实验：在竖直墙壁上铺一张试卷大小的白纸，用不干胶带固定好。用三个细绳套相连并挂上钩码，用两个弹簧秤拉住细绳套互成角度地施加拉力，使钩码处于静止状态，如图所示。（1）以下措施有利于提高实验准确度的是（）A．与弹簧秤相连的细绳套适当长些B．钩码质量要适当小些C．用铅笔贴着细绳（套）沿细绳画出细线的方向，记为两个拉力的方向D．与弹簧秤相连的细绳套间的夹角不能太大也不能太小（2）实验时，记下结点的位置，两弹簧秤拉力和的方向分别过和点，记下两弹簧秤读数：、，请在答题卡上用力的图示法作图，得出和的合力______。（结果保留三位有效数字）（3）如图，初始时，、夹角为锐角，现保持点不动，方向不变，挂在上钩码的质量不变，改变的方向按顺时针缓慢旋转至水平位置，则此过程中的大小变化情况是（） A．一直变大B．一直变小C．先变大后变小D．先变小后变大【答案】①.AD②.4.00③.D【解析】【详解】（1）[1]A．与弹簧秤相连的细绳套适当长些，这样可减小记录力的方向时产生的误差，选项A正确；B．钩码质量大小要适当，选项B错误；C．记录拉力方向时，应该在细线的方向上点两个点来记录，不可以用铅笔沿细线画一条线来表示，这样橡皮条会发生形变，实验误差很大，故C错误；D．与弹簧秤相连的细绳套间的夹角不能太大也不能太小，选项D正确。故选AD。（2）[2]用力的图示法作图，得出和的合力F=4.00N（3）[3]保持点不动，挂在上钩码的质量不变，即两个力和合力不变，方向不变，改变的方向按顺时针缓慢旋转至水平位置，则此过程中的大小变化情况是先减小后变大。故选D。14.某同学利用如图所示实验装置“探究加速度与力、质量的关系”。(1)为了用沙和沙桶的重力表示绳上拉力，小车质量应______沙和沙桶的总质量（选填“远大于”、“远小于”或“等于”）； (2)该同学打出了一条纸带，如图所示。计时器打点的时间间隔为，从比较清晰的点起，每5个点取1个计数点，量出相邻计数点之间的距离分别为：，，，。由此可知，小车的加速度大小为______m/s2，打点计时器打B点时小车的速度______m/s；(3)保持小车质量不变，改变沙和沙桶的总质量，测得沙和沙桶的总重力F和加速度a的数据如下表：0.210.300.400.490.600.100.210.290410.49①根据测得的数据，在答题卡坐标纸上作出a-F图像______；②由图像可知，小车与长木板之间的最大静摩擦力大小为______N。（结果保留两位有效数字）【答案】①.远大于②.0.30③.0.19④.⑤.0.12【解析】【详解】(1)[1]为了用沙和沙桶的重力表示绳上拉力，小车质量应远大于沙和沙桶的总质量；(2)[2]小车的加速度大小为[3]打点计时器打B点时小车的速度(3)[4]作出的a-F图像如图所示 [5]由图像可知，小车与长木板之间的最大静摩擦力大小为四、计算题（各小题解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位，其中15题12分，16题14分，17题18分，共44分）15.高速公路主干道的一侧都会设置有紧急避险车道，通常是一条坡度较大的砂石路面。若汽车在高速路上的行驶过程中，遭遇刹车失灵，可立即进入如图所示的避险车道快速降低车速直至停在避险车道上、若某汽车刹车失灵，刚冲上避险车道的速度为，在避险车道的运动视为匀变速直线运动，其加速度大小为，求：（1）汽车在3s末的速度；（2）为保障该汽车的安全，这条避险车道至少多长。【答案】（1）0；（2）【解析】【详解】汽车冲上避险车道的速度为（1）汽车从上避险车道到停止的时间则汽车在3s末的速度为零；（2）汽车从上避险车道到停止的位移为 所以条避险车道至为。16.正在斜坡上玩耍的小猴子遇到了危险，在高处的母猴纵身一跃去救小猴子，最终落在小猴子前面点处。已知斜坡与水平面夹角，母猴跳离前的位置点与点的竖直高度，母猴的初速度沿水平方向，落在点时速度与斜坡夹角，不计空气阻力，。求：（1）母猴在空中的运动时间；（2）的水平距离。【答案】（1）1s；（2）5.8m【解析】【详解】（1）根据解得（2）猴子落到M点时的竖直速度则水平速度则水平位移则的水平距离5.8m。17.足够长的固定斜面体倾角，质量为M=1kg、长为L=2m的长木板B放在斜面上，质量为m=0.5kg的物块A放在长木板的上端。P点为长木板的中点，长木板上表面左半部分（P 点左侧）光滑、右半部分（P点右侧）粗糙且与物块间动摩擦因数为。同时释放物块A和长木板B，当长木板沿斜面下滑时，物块刚好到达P点，物块A的大小不计．求：（已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10m/s2）(1)长木板与斜面间的动摩擦因数；(2)物块能否滑出长木板？若能求物块A在长木板上运动的时间；若不能求物块停在木板上的位置到P点的距离。【答案】(1)；(2)不能；0.5m【解析】【详解】(1)对物块A研究，根据牛顿第二定律解得根据位移公式解得设长木板与斜面间的动摩擦因数为，对长木板研究解得对长木板，根据牛顿第二定律解得 ．(2)物块A到达P点右侧后，对A根据牛顿第二定律解得对B根据牛顿第二定律解得物块A到达P点时设再经过t1AB共速，则有得t1=0.5s在此过程A在B上运动所以A没有滑出B，以后AB一起在斜面加速运动．