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《2022年高考真题——物理（海南卷）+Word版含解析（缺第6题和第12题）》由会员上传分享，免费在线阅读，更多相关内容在教育资源-天天文库。
2022年新高考海南物理高考真题一、单选题：1.在冰上接力比赛时，甲推乙的作用力是，乙对甲的作用力是，则这两个力（ ）A.大小相等，方向相反B.大小相等，方向相同C.冲量大于的冲量D.的冲量小于的冲量【答案】A【解析】【详解】根据题意可知和是相互作用力，根据牛顿第三定律可知和等大反向、具有同时性；根据冲量定义式可知和的冲量大小相等，方向相反。故选A。2.下列属于衰变的是（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【详解】A．该反应属于衰变，放出了氦核（），A错误；B．该反应是卢瑟福发现质子（）的核反应方程，B错误；C．该反应属于衰变，放出了电子（），C正确；D．该反应是重核裂变的核反应方程，D错误。故选C。3.如图为一用透明材料做成的中心是空的球，其中空心部分半径与球的半径之比为1:3。当细光束以的入射角射入球中，其折射光线刚好与内壁相切，则该透明材料的折射率为（ ）A.B.1.5C.D.2【答案】B
1【解析】【详解】如图折射角的正弦值根据折射定律可得该透明材料的折射率故选B。4.在同一地方，甲、乙两个单摆做振幅不同的简谐运动，其振动图像如图所示，可知甲、乙两个单摆的摆长之比为（）A.2：3B.3：2C.4：9D.9：4【答案】C【解析】【详解】由振动图像可知甲乙两个单摆周期之比为T甲：T乙=0.8：1.2=2：3根据单摆周期公式可得则甲、乙两个单摆的摆长之比为
2L甲：L乙=T甲2：T乙2=4：9故选C。5.一个有N匝的矩形线框，面积为S，以角速度从如图所示的位置开始，在匀强磁场B中匀速转动，则产生的感应电动势随时间变化的图像是（）A.B.CD.【答案】A【解析】【详解】图示位置线框处于与中性面垂直的平面，竖直长边垂直切割磁感线，此时产生的感应电动势最大为根据正弦式交变电流表达式可知感应电动势随时间的变化关系为故选A。6.四根长直导线通有相同大小的电流，放在正方形的四个顶点，其中三个导线电流垂直纸面向里，一个向外，每根导线在中心O处产生的磁感应强度均为B，则O点的磁感应强度是（）
3A.大小为，指向6.有一个辐向分布的电场，距离O相等的地方电场强度大小相等，有一束粒子流通过电场，又垂直进入一匀强磁场，则运动轨迹相同的粒子，它们具有相同的（）A.质量B.电量C.比荷D.动能【答案】C【解析】【详解】粒子在辐射电场中以速度做匀速圆周运动，电场力完全提供向心力，根据牛顿第二定律可知解得粒子在匀强磁场中解得粒子不同场中的轨迹相同，即粒子在不同场中转动半径相同，所以这些粒子具有相同的速度和比荷。故选C。
47.我国的石桥世界闻名，如图，某桥由六块形状完全相同的石块组成，其中石块1、6固定，2、5质量相同为m，3、4质量相同为，不计石块间的摩擦，则为（）A.B.C.1D.2【答案】D【解析】【详解】六块形状完全相同的石块围成半圆对应的圆心角为，每块石块对应的圆心角为，对第块石块受力分析如图结合力的合成可知对第2块和第三块石块整体受力分析如图解得故选D。二、多选题8.某带电体周围的电场线和等势面如图所示，设A点的电场强度为，电势为，B点的电场强度为
5，电势为，则有（ ）A.B.C.D.【答案】BD【解析】【详解】AB．根据电场线的疏密程度表示电场的强弱，电场线越密，电场强度越大，则B点的电场强度较大，即故A错误，B正确；CD．根据电场线与等势面垂直，且电势较高的等势面指向电势较低的等势面，所以B点的电势较大，即故C错误，D正确。故选BD。9.火星与地球的质量比为a，半径比为b，则它们的第一宇宙速度之比和表面的重力加速度之比分别是（ ）A.B.C.D.【答案】BC【解析】【详解】由可得知由
6结合可得知故BC正确，AD错误。故选BC。10.一群处于激发态的氢原子跃迁向外辐射出不同频率的光子，则（ ）A.需要向外吸收能量B.共能放出6种不同频率的光子C.向跃迁发出的光子频率最大D.向跃迁发出的光子频率最大【答案】BD【解析】【详解】A．高能级向低能级跃迁向外放出能量，以光子形式释放出去，故A错误；B．最多能放不同频率光子的种数为故B正确；CD．从最高能级向最低能级跃迁释放的光子能量最大，对应的频率最大，波长最小，则向跃迁发出的光子频率最大，故D正确，C错误。故选BD。12.缺题11.如图，带正电的物块A放在水平桌面上，利用细绳通过光滑的滑轮与B相连，A处在匀强电场中，，从O开始，A与桌面的动摩擦因数随x的变化如图所示，取O点电势能为零，A、B质量均为，B离滑轮的距离足够长，则（ ）
7A.它们运动的最大速度为B.它们向左运动的最大位移为C.当速度为时，A的电势能可能是D.当速度为时，绳子的拉力可能是【答案】ACD【解析】【详解】AB．由题知设A向左移动x后速度为零，对A、B系统有（此处前面的是因为摩擦力是变力，其做功可以用平均力），可得A向左运动先加速后减速，当时，摩擦力变成静摩擦力，并反向，系统受力平衡，最后静止。设A向左运动x′后速度为v，对系统则有得即：当时，v最大为，故A正确，B错误；C．当时，可得或当时，电场力做功则电势能减小，由于，则电势能为，当时故C正确；
8D．根据牛顿第二定律当时，系统加速度对B有得当时，系统加速度对B分析可得故D正确。故选ACD。三、实验题12.在用双缝干涉测量光的波长的实验中，如图所示，则：①a、b分别是（）A．单缝和双缝B.双缝和单缝C.单缝和单缝D.双缝和双缝②如果双缝间距是d，双缝到毛玻璃的距离是L，第一条亮纹到第六条亮纹间距是x，则光的波长是__________。（用x、d、L表示）【答案】①.A②.【解析】【详解】①[1]由双缝干涉原理可知，先用滤光片得到单色光，然用单缝得到细长的光源，最后用双缝得到两束相干光，故a、b分别单缝和双缝。故选A。②[2]第一条亮纹到第六条亮纹间距是x，则相邻亮条纹间距为
9根据可得光的波长是13.用如图所示的装置研究平抛物体的运动规律，击打弹片时，A做平抛运动，B做自由落体。经过多次实验发现两个小球总是同时落地，则得到的结论是：____________________________________。以A的抛出点做为坐标原点，建立直角坐标系，如图所示，设从，从，从的时间分别是、、，则这三个时间是否相等_______。（选填“相等”或“不相等”）物体平抛的初速度是多少_______（用x、h、g表示）【答案】①.作平抛运动的物体，在竖直方向上是自由落体运动②.相等③.【解析】【详解】[1]经过多次实验发现两个小球总是同时落地，则得到的结论是：作平抛运动的物体，在竖直方向上是自由落体运动；[2]在水平方向是匀速运动，由图可知，从、、水平方向位移相等，运动相同的距离所用时间相等；[3]设相邻两点间时间为t，则在竖直方向上，相邻两点间距离差为，有
10得所以14.现要测量一个满偏电流的表头内阻并改装成量程为的电流表，如图所示。（1）先闭合开关，再调整滑动变阻器，使电流表A的示数为，电流表G的示数如图所示，则流过G的电流是_______。若，则_______；（2）给G并联一个的电阻进行校准时，当电流表G的示数为时，标准电流表A的示数为，则改装之后的电流表实际量程是_________；（3）若要把它改装成量程为的电流表，还需要在两边并联一个_______的电阻。【答案】①.②.③.④.【解析】【详解】（1）[1]电流表G的满偏电流，则如图所示电流表G的示数为。[2]根据并联电路电压相等可得
11可得电流表G的内阻（2）[3]对改装电表，流过电阻的电流为根据并联电路电压相等可得解得则改装后的电流表的实际量程为（3）[4]若把并联的电流表G再改装成量程为的电流表，需要并联电阻15.足够长的玻璃管水平放置，用长的水银封闭一段长为的空气柱，大气压强为，环境温度为，将玻璃管缓慢顺时针旋转到竖直，则：①空气柱是吸热还是放热②空气柱长度变为多少③当气体温度变为时，空气柱长度又是多少？【答案】①放热；②；③【解析】【详解】①②以封闭气体为研究对象，气体做等温变化，设玻璃管横截面积为，玻璃管水平时
12玻璃管竖起来后根据解得气体体积减小，外界对气体做功，但其温度不变，内能不变，根据热力学第一定律可知气体向外放热；③空气柱长度为；由等压变化得其中解得16.有一个角度可变的轨道，当倾角为时，A恰好匀速下滑，现将倾角调为，从高为h的地方从静止下滑，过一段时间无碰撞地进入光滑水平面，与B发生弹性正碰，B被一根绳子悬挂，与水平面接触但不挤压，碰后B恰好能做完整的圆周运动，已知A的质量是B质量的3倍，求：①A与轨道间的动摩擦因数；②A与B刚碰完B的速度；③绳子的长度L。
13【答案】①；②；③0.6h【解析】【详解】①倾角为时匀速运动，根据平衡条件有得②③A从高为h的地方滑下后速度为，根据动能定理有A与B碰撞后速度分别为和，根据动量守恒、能量守恒有B到达最高点速度为，根据牛顿第二定律有根据能量守恒有解得17.光滑的水平长直轨道放在匀强磁场中，轨道宽，一导体棒长也为，质量，电阻，它与导轨接触良好。当开关与a接通时，电源可提供恒定的
14电流，电流方向可根据需要进行改变，开关与b接通时，电阻，若开关的切换与电流的换向均可在瞬间完成，求：①当棒中电流由M流向N时，棒的加速度的大小和方向是怎样的；②当开关始终接a，要想在最短时间内使棒向左移动而静止，则棒的最大速度是多少；③要想棒在最短时间内向左移动而静止，则棒中产生的焦耳热是多少。【答案】①，方向向右；②；③【解析】【详解】①当电流从M流向N时，由左手定则可判断安培力向右，故加速度方向向右。根据牛顿第二定律有代入数据可得②开关始终接a时，电流N到M，经过时间后电流变为M到N，再经时间速度减为零，前s，则有后s，则有根据联立解得③先接a一段时间，电流由N到M，再接到b端一段时间，再接到a端一段时间，电流由M到N，最后接到b静止第一段，则有
15第二段，则有由动量定理且则有第二段末加速度与第三段相同，则第三段，又解得v＇=1m/s故
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